空瓶与瓶盖换酒（好题 2）

Sun, 18 Oct 2026 17:26:00 +0800

一、题干背景与规则

题目背景：江月诗在酒馆喝酒，酒馆推出了兑换活动。已知江月诗拥有初始资金 $m$、初始空瓶 $k$、初始瓶盖 $g$，以及当前酒价 $p$。要求计算他最多能喝到多少瓶酒。

兑换规则

资金购买：花费 $p$ 元可以购买 1 瓶酒。
空瓶兑换：2 个空酒瓶可以兑换 1 瓶酒。
瓶盖兑换：4 个瓶盖可以兑换 1 瓶酒。

隐藏机制（核心考点）：无论是用钱买到的酒，还是用空瓶、瓶盖兑换来的酒，只要喝完后，都会额外产生 1 个空酒瓶和 1 个瓶盖。这些新产生的资源可以继续参与下一轮的兑换。

二、初版代码的错误分析

#include<stdio.h>
int main(){
 int m,k,g,p;

 scanf("%d %d %d %d",&m,&k,&g,&p);

 int n=0; // 记录获得的酒数
 int buy=0; // 买到的酒
 // 买到 m/p 瓶酒，得到 m/p 个盖子，可换 (m/p)/4 + (m/p)/2 酒
 buy=(int)m/p;
 int g1=buy+g;
 int k1=buy+k;
 while(k1>=2 || g1>=4){
 if(k1<=2 && g1>=4){
 n=n+buy+(int)(g1)/4;
 }else if(k1>=2 && g1<4){
 n=n+buy+(int)(k1)/2;
 }else{
 n=n+buy+(int)(g1)/4+(int)(k1)/2;
 }
 g1-=4;
 k1-=2;
 }
 printf("%d",n);

 return 0;
}

初版代码里主要存在四个逻辑漏洞：

遗漏了「新资源」的产生（致命错误）：在 while 循环内部，只扣减了用于兑换的空瓶和瓶盖（如 g1 -= 4; k1 -= 2;），却忘记加上喝掉新酒后产生的新空瓶和新瓶盖。这会导致资源越换越少，无法触发连锁反应，最终结果严重偏小。
循环变量被重复累加：把初始买酒的数量 buy 写在了 while 循环内部累加（n = n + buy + ...）。因为 buy 在循环外确定后不再改变，这会导致每一轮都把初始买的酒重新算一遍，结果呈指数级爆炸。
互斥分支导致资源浪费：用 if-else if-else 处理空瓶和瓶盖的兑换，当同时满足「空瓶 ≥ 2」且「瓶盖 ≥ 4」时，代码只执行最后一个 else 分支，浪费了同时兑换的机会。
扣减逻辑不严谨：使用固定值扣减（如 g1 -= 4），而不是用除法计算最大可兑换数量。资源较多时需要循环多次才能换完，效率低且容易出错。

三、正确做法与最优解法

针对这种「资源转换与状态机模拟」问题，最优解法是贪心模拟法配合脏标记法（Dirty Flag）。

核心思路

把买酒、换瓶、换盖作为三个完全独立的 if 判断。只要当前资源满足条件，就一次性计算能换多少瓶（用除法 /），并立即更新所有相关资源。

核心技巧：脏标记法

在循环开头定义一个标志位 int changed = 0;。
只要这一轮里买酒、换瓶、换盖中有任何一个被执行了，就把 changed 置为 1。
一轮循环结束若 changed 仍为 0，说明所有资源都已耗尽（没钱、空瓶 < 2、瓶盖 < 4），系统达到稳态，安全退出循环。

防御性编程

用 if (scanf(...) != 4) { return 0; } 防止输入格式错误导致程序异常。
用 long long 防止极端情况下的整数溢出。

最终正确代码

#include <stdio.h>

int main() {
 long long m, k, g, p;
 if (scanf("%lld %lld %lld %lld", &m, &k, &g, &p) != 4) {
 return 0;
 }

 long long total = 0;

 while (1) {
 int changed = 0;

 // 1. 用钱买酒
 if (m >= p) {
 long long buy = m / p;
 m -= buy * p;
 total += buy;
 k += buy;
 g += buy;
 changed = 1;
 }

 // 2. 用空瓶换酒
 if (k >= 2) {
 long long exchange_bottle = k / 2;
 k -= exchange_bottle * 2;
 total += exchange_bottle;
 k += exchange_bottle;
 g += exchange_bottle;
 changed = 1;
 }

 // 3. 用瓶盖换酒
 if (g >= 4) {
 long long exchange_cap = g / 4;
 g -= exchange_cap * 4;
 total += exchange_cap;
 k += exchange_cap;
 g += exchange_cap;
 changed = 1;
 }

 // 如果这一轮没有任何操作，退出循环
 if (!changed) {
 break;
 }
 }

 printf("%lld\n", total);
 return 0;
}

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空瓶与瓶盖换酒（好题 2）

一、题干背景与规则

二、初版代码的错误分析

三、正确做法与最优解法